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चेतावनी: mysqli_select_db () अपेक्षा करता है कि 2 पैरामीटर, 1 को सी में दिया गया है: \

मैं एक ऐसा ट्यूटोरियल कर रहा हूं जिसमें लेखक ने अपनी सामग्री को अपडेट नहीं किया है, ताकि वह PHP प्रलेखन में परिवर्तन को प्रदर्शित कर सके। वैसे भी, मुझे यह जानना होगा कि मुझे क्या प्रदान करने के लिए पैरामीटर पूछा जा रहा है मैंने जाँच की है कि सभी चीजें क्रम में हैं, लेकिन मैं सचमुच नहीं जानता कि मुझे क्या प्रदान करना चाहिए। यहां मेरे पास क्या है:

Connects.php

<?php $connect_error = 'Sorry, we\'re experiencing connection issues.'; $con = mysqli_connect('localhost', 'root', 'PwdSQL5'); mysqli_select_db('phpcadet') or die($connect_error); ?> 

और फिर भी मुझे त्रुटि मिलती है: यहां छवि विवरण दर्ज करें

संपादित करें: Connects.php मुद्दे को फिर से खोलने के बाद, यहां पर मुझे क्यों तय किया गया है … और त्रुटियां और यहां मेरा कोड है याद रखें मैं PHP के लिए नया हूँ और खराब ट्यूटोरियल के बाद निम्नलिखित हूँ

चेतावनी: mysqli_real_escape_string () पैरामीटर 1 को mysqli होने की उम्मीद है, सी में दी गई स्ट्रिंग: \ vhosts \ phpcadet \ core \ functions \ general.php पंक्ति 4 पर

General.php

 <?php function sanitize($data) { return mysqli_real_escape_string($data, 'What goes here?'); } ?> 

फिर यह: चेतावनी : mysqli_query () पैरामीटर 1 को mysqli होने की उम्मीद है, सी में दिए स्ट्रिंग: \ vhosts \ phpcadet \ core \ functions \ users.php line 7 पर

Users.php

 <?php require 'core/database/connects.php'; function user_exists($username) { $username = sanitize($username); $query = mysqli_query($_POST['username'], "SELECT * FROM users"); $row = mysqli_fetch_array($query); if($row['username']==$username) { echo "Welcome, $username!"; return true; } else echo "Please enter a valid username and password"; return false; } function user_active($username) { $username = sanitize($username); $query = mysqli_query($_POST['username'], "SELECT * FROM users"); $row = mysqli_fetch_array($query); if($row['username']==$username && $row['active']==1) { echo "Welcome, $username!"; return true; } else echo "Your username and password could not be verified."; return false; } ?> 

और अंत में यह: चेतावनी : mysqli_fetch_array () पैरामीटर 1 को mysqli_result होने की उम्मीद है, शून्य में दिए गए सी: \ vhosts \ phpcadet \ core \ functions \ users.php पंक्ति 8 पर

उपरोक्त समान कोड देखें

मेरा कुछ कोड सबक के मुद्दों को हल करने के लिए अन्य उत्तरों का संकलन है, और स्टैक पर पाया गया था। उन की असंगतता के कारण, यह मेरे लिए क्या चल रहा है, यह चुनना कठिन बनाता है … एक अलग भाषा से आ रहा है, मैं यहां परिचित नहीं हूं, और सिर्फ मदद की ज़रूरत है, इसलिए यह सभी क्लिकें। तो मेरे पास "समझ" होगा जो मैन्युअल कह रहा है। धन्यवाद।

वेब के समाधान से एकत्रित समाधान "चेतावनी: mysqli_select_db () अपेक्षा करता है कि 2 पैरामीटर, 1 को सी में दिया गया है: \"

mysqli_select_db() में 2 पैरामीटर, कनेक्शन लिंक और डेटाबेस नाम होना चाहिए –

 mysqli_select_db($con, 'phpcadet') or die(mysqli_error($con)); 

मरने के mysqli_error में mysqli_error का उपयोग करके आपको ये बताएगा कि एक सामान्य त्रुटि संदेश के विपरीत गलत क्या है।